Terminale S 2015-2016
Kartable
Terminale S 2015-2016

Résoudre une inéquation avec la fonction logarithme

Méthode 1

Si l'inéquation est du type ln(u(x))ln(v(x))

Afin de résoudre une inéquation du type ln(u(x))ln(v(x)), il faut faire disparaître les logarithmes.

Résoudre l'inéquation suivante :

ln(x+7)ln(2x+4)

Etape 1

Déterminer le domaine de définition

On détermine le domaine de définition de chaque logarithme pour obtenir le domaine de définition de l'inéquation.

L'inéquation existe si et seulement si les deux conditions suivantes sont vérifiées :

x+7>02x+4>0

Soit :

x>7x>2

Le domaine de définition de l'inéquation est donc : ]2;+[.

Etape 2

Faire disparaître les logarithmes

On sait que :

ln(u(x))>ln(v(x))u(x)>v(x)

Pour tout réel x>2 :

ln(x+7)>ln(2x+4)x+7>2x+4

Etape 3

Résoudre la nouvelle inéquation

On résout l'inéquation obtenue normalement.

Pour tout réel x :

x+7>2x+4

3>x

Etape 4

Sélectionner les solutions incluses dans le domaine de définition

On ne sélectionne enfin que les solutions incluses dans le domaine de définition.

Les solutions x de l'inéquation vérifient les conditions suivantes :

x>2x<3

Ainsi, l'ensemble des solutions de l'inéquation est :

S=]2;3[

Méthode 2

Si l'inéquation est du type ln(u(x))k

Afin de résoudre une inéquation du type ln(u(x))k, on applique la fonction exponentielle des deux côtés pour faire disparaître le logarithme.

Résoudre l'inéquation suivante :

ln(7x+1)<8

Etape 1

Déterminer le domaine de définition

On détermine le domaine de définition de chaque logarithme pour obtenir le domaine de définition de l'inéquation.

L'inéquation existe si et seulement si :

7x+1>0x>17

Le domaine de définition de l'inéquation est donc ]17;+[.

Etape 2

Utiliser la fonction l'exponentielle pour faire disparaître le logarithme

On sait que :

ln(u(x))ku(x)ek

Pour tout réel x>17 :

ln(7x+1)<87x+1<e8

Etape 3

Résoudre la nouvelle inéquation

On résout l'inéquation obtenue normalement.

Or, pour tout réel x :

7x+1<e87x<e81x<e817

Etape 4

Sélectionner les solutions incluses dans le domaine de définition

On ne sélectionne enfin que les solutions incluses dans le domaine de définition.

Les solutions x de l'inéquation vérifient les conditions suivantes :

x>17x<e817

Ainsi, l'ensemble des solutions de l'inéquation est :

S=]17;e817[

Méthode 3

Si l'inéquation est du type a(ln(x))2+bln(x)+c0

Afin de résoudre une inéquation du type a(ln(x))2+bln(x)+c0, on introduit le changement de variable X=ln(x) pour résoudre l'inéquation du second degré obtenue avant d'appliquer la fonction exponentielle aux solutions pour revenir à la variable initiale.

Résoudre l'inéquation suivante :

(ln(x))22ln(x)15<0

Etape 1

Poser X=ln(x)

On pose la nouvelle variable X=ln(x).

On pose X=ln(x).

Etape 2

Résoudre la nouvelle inéquation

Afin de déterminer le signe du trinôme du second degré obtenu, on calcule Δ=b24ac.

  • Si Δ>0, le trinôme est du signe de a sauf entre ses deux racines X1=bΔ2a et X2=b+Δ2a.
  • Si Δ=0, le trinôme est du signe de a sur et s'annule en X0=b2a.
  • Si Δ<0, le trinôme est du signe de a sur .

L'inéquation devient :

X22X15<0

On reconnaît la forme d'une inéquation du second degré.

On sait donc que l'expression est du signe de a (>0) sauf entre ses racines.

On détermine le discriminant :

Δ=b24ac

Δ=(2)24×1×(15)

Δ=64

Δ>0, donc l'équation X22X15=0 admet deux solutions :

  • X1=bΔ2a=2642×1=3
  • X2=b+Δ2a=2+642×1=5

On en déduit que le trinôme X22X15 est négatif sur ]3;5[.

Etape 3

Donner les solutions de la première inéquation

On exprime la variable initiale en fonction de la nouvelle variable : x=eX.

On applique la fonction exponentielle aux intervalles solutions de la nouvelle inéquation.

On en déduit le ou les intervalle(s) solution de l'inéquation.

On procède au changement de variable inverse x=ex.

La fonction exponentielle étant strictement croissante sur :

exp(]3;5[)=]e3;e5[

On en conclut que l'ensemble des solutions de l'inéquation est :

S=]e3;e5[

Méthode 4

En cas d'inéquation produit ou quotient

Pour résoudre une inéquation produit ou quotient, on étudie le signe du produit ou du quotient. Pour cela, on dresse un tableau de signes.

Résoudre l'inéquation suivante :

ln(x1)×ln(x+4)>0

Etape 1

Déterminer le domaine de définition

On détermine le domaine de définition de chaque logarithme pour obtenir le domaine de définition de l'inéquation.

L'inéquation existe si et seulement si les deux conditions suivantes sont vérifiées :

x1>0x+4>0

Soit :

x>1x>4

Le domaine de définition de l'inéquation est donc : ]1;+[.

Etape 2

Déterminer le produit / quotient dont on doit étudier le signe

On se ramène à une inéquation du type A×B>0, A×B<0, AB>0 et AB<0.

Pour résoudre l'inéquation de départ, on étudie le signe du produit ou quotient auquel on s'est ramené.

En cas de quotient, on détermine au préalable le ou les valeur(s) interdite(s).

Tous les termes sont du même côté de l'inégalité.

On étudie donc le signe de ln(x1)×ln(x+4) pour résoudre l'inéquation.

Etape 3

Déterminer le signe de chaque facteur

Afin de déterminer le signe du produit ou quotient, on détermine le signe de chaque facteur séparément.

On étudie d'abord le signe de chaque facteur :

  • x]1;+[, ln(x1)>0x1>1x>2
  • x]4;+[, ln(x+4)>0x+4>1x>3
Etape 4

Dresser un tableau de signes

On dresse un tableau de signes afin de déterminer le signe du produit ou du quotient.

On dresse ensuite le tableau de signes :

-
Etape 5

Conclure sur les solutions de l'inéquation

On choisit dans le tableau de signes le ou les intervalle(s) sur lequel/lesquels l'inéquation est vérifiée.

L'inéquation est vérifiée lorsque ln(x1)×ln(x+4)>0.

Donc l'ensemble des solutions de l'inéquation est :

S=]2;+[

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